高一下学期第三次月考物理试题A

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2005——2006年高一下学期第三次月考物理试题A

第Ⅰ卷

注意事项:

1.考生务必将自己的姓名、考试科目涂写在答题卡和第Ⅱ卷上。

2.本次考试均取g=10m/s2.

一、选择题(本题包括15小题。每小题有一个或多个选项符合题意,本题共15小题,每小题3分,共45分)

1.下列运动过程中,在任意相等时间内,物体动量变化相等的运动是:

A.匀速圆周运动;  B.自由落体运动;  C.平抛运动;   D.匀减速直线运动.

2.用力将质量为的物体竖直向上匀速高举,再向水平方向匀速移动,则该力对物体做的功为:

A.120J   B.100J  C.90J  D.30J

3.水平传送带长20m,以2m/s的速度做匀速运动,已知某物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.1,该物体从轻轻放在传送带的一端开始,到达另一端所需的时间为:

A.10s     B.11s      C.2s    D.

4.某物体受到-3N·s的冲量作用,则:

A.物体原来的动量方向一定与这个冲量的方向相反   

B.物体的末动量一定是负值

C.物体的动量一定减少        

D.物体的动量增量一定与规定的正方向相反

5.质量为4kg的物体A以v0=10m/s初速度滑到水平面B上。已知A与B间的动摩擦因数=0.2,g=10m/s2.若以0为正方向,则在10s内,物体受到的冲量为: 

A.80N·s  B.-80N·s  C.40N·s  D.-40N·s

6.质量为m的石子从距地面高为H的塔顶以初速v0竖直向下运动,若只考虑重力作用,则石子下落到距地面高为h处时的动能为(g表示重力加速度) :

A.mgH+   B.mgH-mgh    C.mgH+-mgh    D.mgH++mgh

7.质量为m1和m2的物体,不论其原有速度如何,当两者在同一直线上发生正碰时,下面结论中正确的是:

A.碰后速度的比值是一定的

B.碰后动量的比值是一定的          

C.碰撞前后两个物体速度变化量的比值是一定的             

D.碰撞过程中,两个物体受到的冲量的比值是一定的

8.一质量为的木块静止在光滑的水平面上,从开始将一个大小为F的水平恒力作用在该木块上,在时刻F的功率为:

A.F2t1/m    B.F2t12/2m  C. F2t1/2m    D.F2t12/m

9.小平板车B静止在光滑水平面上,在其左端有物体A以水平初速度υ0向车的右端滑行,如图所示,由于A、B间存在摩擦,B车向右运动(设B车足够长),则B速度最大值出现在:

A.A的速度最小时       B.A、B速度相等时

C.A在B上相对停止滑动时   D.B车开始匀减速直线运动时

10.一只小球沿光滑水平面运动,垂直于墙面撞到竖直墙上。小球撞墙前后的动量变化量为Δp,动能变化量为ΔE,关于ΔpΔE有下列说法中正确的是:  

A.若Δp最大,则ΔE也最大    B.若Δp最大,则ΔE一定最小    

C.若Δp最小,则ΔE也最小     D.若Δp最小,则ΔE一定最大   

11、光滑水平面上,两球沿着球心连线以相同的速率相向而行,并发生碰撞,下列现象可能的是:

A.若两球质量相同,碰后以某一相等速率互相分开;

B.若两球质量相同,碰后以某一相等速率同向而行;

C.若两球质量不同,碰后以某一相等速率互相分开;

D.若两球质量不同,碰后以某一相等速率同向而行。

12.如图所示,一质量M=3.0kg的长方形木板B放在光滑水平地面上,在其右端放一个质量m=1.0kg的小木块A 。现以地面为参照系,给AB以大小均为4.0m/s,方向相反的初速度,使A开始向左运动,B开始向右运动,但最后A并没有滑离B板。站在地面的观察者看到在一段时间内小木块A正在做加速运动,则在这段时间内的某时刻木板B对地面的速度大小可能是:

A.2.4m/s   B.2.8m/s   C.3.0m/s   D.1.8m/s

13.质量为2m的物体A以速度υ0碰撞静止物体B,B质量为m,则碰撞后B的速度可能为:

A.υ0      B.2υ0     C.υ0    D.υ0

14.ab两个物体以相同的动能E沿光滑水平面上的同一条直线相向运动,a物体质量是b物体质量的4倍。它们发生碰撞过程中,ab两个物体组成的系统的动能损失可能是:

A.0    B.E    C.1.5E   D.1.9E

15.如图所示,甲、乙两小车能在光滑水平面上自由运动,两根磁铁分别固定在两车上,甲车与磁铁的总质量为1kg,乙车和磁铁的总质量为2kg,,两磁铁的同名磁极相对时,推一下两车使它们相向运动,t时刻甲的速度为3m/s,乙的速度为2m/s,它们还没接触就分开了,则:

A.乙车开始反向时,甲车速度为0.5m/s,方向与原速度方向相反

B.甲车开始反向时,乙的速度减为0.5m/s,方向不变

C.两车距离最近时,速率相等,方向相反

D.两车距离最近时,速率都为1/3m/s,方向都与t时刻甲车的运动方向相同

第Ⅱ卷

文本框: 考号 学校 班级 考场 座位号 二、填空题:(每小题4分,共16)

16.地下室深10m,面积为40m2,积水2m深,要把这部分积水全部抽到地面,至少要做功_7.2×106_J.

17.以初速度v0=40m/s竖直向上抛出的物体,质量为4kg,则第2秒末的动量为 80 kg·m/s,从第2秒末到第5秒末动量的变化量为_-120_kg·m/s。

18.如图一沙袋用无弹性的细绳悬于O点。开始时沙袋处于静止。此后用弹丸以水平速度击中沙袋后均未穿出。第一次弹丸的速度为v1,打入沙袋后二者共同摆动的最大摆角为30º,当其第一次返回图示位置时,第二颗弹丸以水平速度v2又击中沙袋,使沙袋向右摆动且最大摆角仍为30º。若弹丸质量是沙袋质量的1/40倍,则v1 v2= 41:83  

19.一质量为2kg的质点从静止开始沿某一方向做匀加速直线运动,它的动量p随位移x变化的关系式为,则他的速度变化率为 8m/s2 ,动量变化率为 16N 。                                                                                                                                                                                                                  

三、实验题:(20题共10)

20.图为“碰撞中的动量守恒”实验装置示意图。

(1)入射小球1与被碰小球2直径相同,均为d,它们的质量相比较,应是m1 m2.

(2)为了保证小球做平抛运动,必须调整斜槽使_槽的末端水平

(3)继续实验步骤为:

A.在地面上依次铺白纸和复写纸。

B.确定重锤对应点O。

C.不放球2,让球1从斜槽滑下,确定它落地点位置P。

D.把球2放在斜槽前端边缘处,让球1从斜槽滑上,与球2正碰后,确定球1和球2落地点位置M和N。

E.用刻度尺量OM、OP、ON的长度。

F.用刻度尺量斜槽前端距地面的高度。

G.看是否相等,以验证动量守恒。

上述步骤有几步不完善或有错误,请指出并写出相应的正确步骤。

__测出入射小球与被碰小球的质量;将C步骤重复多次(10次左右)然后确定平均落地点位置P;

将D步骤重复多次(10次左右)然后确定平均落地点位置M和N;将F去掉步骤; (以上指出3点即可。)                                     

四、计算题(219分、22 10分、2310分。共29)

21.质量为m的物体A,从半径为R的光滑的1/4圆弧的最高竖直点P由静止滑下,在最底点Q与质量也为m的物体B相撞,碰撞后AB粘在一起,落到距Q点高为R的水平地面上。若m=1Kg, R=5m.。求:(1)A在Q点与B相撞前对Q的压力多大?(2)AB的落地点距Q的正下方的水平距离多大?

(1)mgR=mv2 ; FN=mg+mv2/R  解得:FN=30N

(2)mv=2mv1; R=gt2 ; s=v1t  解得:s=5m

22.质量分别为mA=2kg ,mB=1kg的A、B两物体,在光滑的水平面上沿同一条直线运动。当它们相距9.0m时开始计时,经过5.0s,B追上A,两物碰撞后合为一体,仍沿直线前进。这时它们的动能为6.0J,求:它们碰撞过程中损失的机械能.

(mA+mB)v2=6.0 ;  mAvA+mBvB=(mA+mB)v ;  (vB-vA)t=s ; 

-△E=mAvA2+mBvB2-6.0

解得:-△E=1.08J

23.如图所示,一块足够长的木板,放在光滑的水平面上,在木板上自左向右放有A、B、C三块质量均为m的木块,它们与木板间的动摩擦因数均为μ,木板的质量为3m.开始时,木板静止,A、B、C三木块的初速度依次为v0、2v0、3v0,方向水平向右;最终三木块与木板以共同速度运动(设木块与木板间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相同)求:

(1)C木块在整个运动过程中的最小速度;

(2)B木块开始运动到与木板速度刚好相等时木板的位移.

解:(1) m v0+m 2v0+m 3v0=(m+m+m+3m)v

             vv0                   

(2)m v0+m 2v0+m 3v0=(m+3m)vA+mvB+mvC          

vAv0-at;vB=2v0-at;vC=3v0-at               

vAv0                            

根据动能定理有3μmgx13mvA2      

m v0+m 2v0+m 3v0=(m+m+3m)vB¹+mvC¹   vB¹=2v0-at¹;vC¹=3v0-at¹         

vB¹=5v0

同理:2μmgx24mvB¹24mvA2             

木板位移x1x2