高三物理三月月考试卷

物　　理

第Ⅰ卷　选择题（共48分）

一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.）

1.如图所示,由物体A和B组成的系统处于静止状态,A、B的质量分别为m_A和m_B,　　

m_A>m_B,θ<90°.滑轮的质量和一切摩擦均可不计.使绳的悬点由P点向右移动

一小段距离到Q点,系统再次达到静止状态.则悬点移动前后图中绳与水平面所

夹的角θ(C)

A.变大　　　　　　　　　　 B.变小　　　　　　　　　　　　　

C.不变　　　　　　　　　　　D.可能变大,也可能变小

2.一定质量的理想气体,当它的压强与体积发生变化,以下说法正确的是(ACD)

A.压强与体积都增大时,其分子平均动能也一定增大

B.压强与体积都增大时,其分子平均动能有可能减小

C.压强增大,而体积减小时,其分子平均动能有可能不变

D.压强减小,而体积增大时,其分子平均动能有可能增大

3.如图所示为一简谐横波在t时刻的波形图，箭头表示波的传播方向.该列波的速　

度大小为v,a,b,c,d是介质中4个质量相等的振动质元．由此可知(B)

A.在t时刻,d的动能在4个质元中为最大，c的动能为最小

B.在t＋时刻，d的动能在4个质元中为最大，c的动能为最小

C.从t时刻算起，在4个质元中，b最先到达其平衡位置，a最后到达

D.从t＋时刻算起，质元a将比b后到达其平衡位置

4.一物体做匀变速直线运动．当t=0时，物体的速度大小为12m/s，方向向东；当t=2s时，物体的速度大小为8m/s,方向仍向东.那么，物体的速度大小变为2m/s的时刻t应为(BC)

A. 3s 　　　　　　　　　　　 B. 5s 　　　　　　　　　　　　　 C.7s　　　　　　　　　　 D.9s

5.载流导线L₁, L₂岛处在同一平面（纸面）内，L₁是固定的, L₂可绕垂直纸面的固定转轴　

O转动(O为L₂的中心），各自的电流方向如图所示．下列哪种情况将会发生(D)

　A.因L₂不受磁场力的作用，故L₂不动

　B.因L₂上、下两部分所受的磁场力平衡，故L₂不动

　C. L₂绕轴O按顺时针方向转动

　D. L₂绕轴O按逆时针方向转动

6.闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图象分别如图①~④所示,关于回路中产生的感应

电动势的下列论述,其中正确的是(B)

A.图①回路中感应电动势恒定不变

B.图②回路中感应电动势恒定不变

C.图③回路中0~t₁时间内的感应电动势小于t₁~t₂时间内的感应电动势

D.图④回路中感应电动势先变大，再变小

7.电容器C₁, C₂和可变电阻器R₁、R₂，以及电源E连接如图所示．当变阻器R₁的滑动　

触头在图示位置时，C₁, C₂的电量相等，欲使C₁的电量大于C₂的电量，应（D)

　A.增大R₂

　B.减小R₂

 C.将R₁的滑动触头向A端移动

　D.将R₁的滑动触头向B端移动

8.三个质量与带电量都相同的小球甲、乙、丙，由同一水平高度从静止自由落下，在下

落过程中空气阻力不计，乙、丙小球分别穿过水平方向的匀强电场、匀强磁场，如图．关

于三球从下落到地面的时间和到达地面时的动能大小的正确说法是(D)

A.甲、乙、丙下落时间相等，到达地面时动能也相等

B.甲、乙、丙下落时间与到达地面时的动能都不相等

C.甲、乙下落时间相等，乙、丙到达地面时动能相等

D.乙到达地面时动能最大，丙下落时间最长

9.为监测某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计．该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a,b,c,左右两端开口．在垂直于上下底面方向加磁感应强度大小为B的匀强磁场，在前后两个内侧面分别固定有金属板作为电极．污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U.若用Q表示污水流量（单位时间内排出的污水体积），下列说法中正确的是(D)

　A.若污水中正离子较多，则前表面比后表面电势高

　B.若污水中负离子较多，则前表面比后表面电势高

　C.污水中离子浓度越高，电压表的示数将越大

　D.污水流量Q与U成正比，与a,b无关

10.如图所示，将甲图中开关S闭合后电流表指针由中央向左偏转，当把一个线圈A和这个电流表串联起来（图乙），将一个条形磁铁B从线圈中插人或拔出时，线圈中产生感应电流，经观察发现，电流表指针由中央位置向右偏，这说明(C)

①如果磁铁的下端是N极，则磁铁正在远离线圈

②如果磁铁的下端是S极，则磁铁正在远离线圈

③如果磁铁的下端是N极，则磁铁正在靠近线圈

④如果磁铁的下端是S极，则磁铁正在靠近线圈

A.①②　　　　　　　　　　 B.①④　　　　　　　　　　　　　C.②③　　　　　　　　　　　　　D.③④

11.如图所示是磁悬浮的原理．图中P是柱形磁铁，Q是用高温超导材料制成的超导圆环．将超

导圆环Q水平放在磁铁P上，它就能在磁力的作用下悬浮在磁铁P的上方.下列叙述正确的

是(B)

　A. Q放人磁场的过程中，将产生感应电流．稳定后，感应电流消失

　B. Q放人磁场的过程中，将产生感应电流．稳定后，感应电流仍存在

　C.如果P的N极朝上，Q中感应电流的方向如图所示

　D.如果P的S极朝上，Q中感应电流的方向与图中所示的方向相反

12.如图所示，有两根和水平方向成α角的光滑平行金属轨道，上端接有可变电阻R,下端足

够长．空间有垂直于轨道平面的匀强磁场，磁感应强度为B，一根质量为m的金属杆从

轨道上由静止滑下，经过足够长的时间后，金属杆的速度会趋近于一个最大速度v_m，则（不计导轨和金属杆的电阻）(BCD)

　A.如果B增大，v_m将变大　　　　　　　　　　　　　　　　　 B.如果α增大，v_m将变大

　C.如果R变大，v_m将变大　　　　　　　　　　　　　　　　　 D.如果m变大，v_m将变大

第Ⅰ卷答题卡

题号	1	2	3	4	5	6	7	8	9	10	11	12
答案	C	ACD	B	BC	D	B	D	D	D	C	B	BCD

第Ⅱ卷　非选择题(共72分)

二、填空题(本题共2小题,共20分.把答案填在题中的横线上或按题目要求作答.)

13．(1)（16分）在做“测定电池的电动势和内电阻”实验时，电流表和电压表

的内阻未知，有甲、乙两同学分别进行了如下实验：

　(1)甲同学的接线电路图如图所示，用所得数据作出U-1图象，则他能较准确地

测出 电动势 ，而测得的 内阻 偏大．（填“电动势”和“内阻”．）

　(2)乙同学测得的一组实验数据如下

U/V	0.20	0.40	0.60	0.80	1.02	1.22
I/A	0.11	0.20	0.29	0.39	0.51	0.60

 则他能否测出电源的电动势E和内电阻r? 不能 （答“能”或“不能”），他进行的很可能是测量 定值电阻 的实验．

[解析](1)甲同学的电路相当于将电流表的内阻纳入了电源的内阻，故测量的电动势是准确的，而内阻变大．(2)由表中的数据可以确定电压与电流是成正比的，而测量电源电动势和内阻的实验中电压和电流不是成正比的，由此可知乙同学的方法不能测出电源的电动势和内阻，而应该是测量定值电阻的实验．

14. (4分)磁场具有能量，磁场中单位体积所具有的能量叫做能量密度，其值为，

式中B是磁感应强度，μ是磁导率，在空气中μ为一已知常数．为了近似测得条

形磁铁磁极端面附近的磁感应强度B，一学生用一根端面面积为A的条形磁铁吸

住一相同面积的铁片P，再用力将铁片与磁铁拉开一段微小距离Δl,并测出拉力F,

如图所示．因为F所做的功等于间隙中磁场的能量，所以由此可得磁感应强度B

与F、A之间的关系为B =.

［解析］拉力F做功W=F·Δl，磁铁与铁片P间隙中磁场能量E=×A·Δl.据题意W=E，解以上三式，

得B= .

三、计算题（本题共4小题，共52分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）

15.(12分)如图所示，固定在水平面上的斜面其倾角θ=37°，长方体木块A的

MN面上钉着一颗小钉子，质量m=1. 5kg的小球B通过一细线与小钉子相连接，

细线与斜面垂直．木块与斜面间的动摩擦因数, μ=0.50．现将木块由静止释放，

木块将沿斜面下滑．求：在木块下滑的过程中小球对木块MN面的压力．（取

g=10 m/s²,sin37°=,cos37°=）

[解析]由于木块与料面间的摩擦力的作用，所以小球B与木块间有压力的作用，并且它们以共同的加速度a沿料面向下运动．

将小球和木块看作一个整体，设木块的质量为M，根据牛顿第二定律可得

（M＋m）gsinθ-μ(M＋m)gcosθ=(M+m)a

代入数据得a=2.0m/s²

选小球为研究对象，设MN面对小球的作用力为N，根据牛顿第二定律有mgsinθ-N=ma

代入数据得N=6.0N

根据牛顿第三定律，小球对MN面的压力大小为6.0N，方向沿斜面向下．

16.(12分）如图所示，表面光滑的平行金属导轨P、Q水平放置，左端与一电动

势为E，内阻为r的电源连接，导轨间距为d，电阻不计，导轨上放有两根质

量均为m的细棒，棒Ⅰ为导体，接人电路的电阻为R,棒Ⅱ为绝缘体，两棒之

间用一轻杆相连．导轨所在空间有垂直导轨平面竖直向上的匀强磁场，磁感应

强度大小为B.求：

　(1)闭合开关S瞬间棒Ⅱ的加速度；

(2)从闭合开关S到两棒速度达到v的过程中，通过棒Ⅰ的电荷量和电源消耗的总能量分别为多少？（导轨足够长，

且不考虑电磁辐射．）

[解析](1)闭合S瞬间，电路中电流为I=,

棒Ⅰ受安培力F=BId=.

对棒Ⅰ、棒Ⅱ整体，据牛顿第二定律得

a=，方向水平向左.

 (2)对棒Ⅰ、棒Ⅱ整体，由动量定理

BI′dt＝2mv　 q= I′t

∴q=

电源消耗的总能量为E_能=qE=.

17.（12分）如图，在竖直平面xOy内.x轴下方有匀强电场和匀强磁场.电场强度

为E、方向竖直向下．磁感应强度为B、方向垂直纸面向里．将一个带电小球

从y轴上P(0,h)点以初速度v₀竖直向下抛出．小球穿过x轴后，恰好做匀速圆

周运动．不计空气阻力，已知重力加速度为g．求：

　(1)判断小球带正电还是带负电；

　(2)小球做圆周运动的半径；

　(3)小球从P点出发，到第二次经过x轴所用的时间．

[解析]画出小球运动的轨迹示意图

(1)小球穿过x轴后恰好做匀速圆周运动，有qE=mg故小球带负电．

(2)设小球经过O点时的速度为v，从P到O有v²=v+2gh

从O至A，根据牛顿第二定律qvB=m求出r=.

(3)从P到O,小球第一次经过x轴，所用时间为t₁ ,v=v₀+gt₁

从O到A，小球第二次经过x轴，所用时间为t₂,T= t₂=

求出：t=t₁+t₂=

18.(16分)如图所示，电子源每秒钟发射2. 5×10¹³个电子，电子以v₀=8.0×10⁶ m/s的速度穿过P板上A孔，从M,N两平行板正中央进人两板间，速度方向平行于板M且垂直于两板间的匀强磁场，两极板M,N间电压始终为U_MN=80.0V，两板距离d=1. 00×10^-3m，电子在板M、N间做匀速直线运动后进人由C,D两平行板组成的已充电的电容器中，电容器电容为C=8. 0×10^-8F，电子打到D板后就留在D板上．在t₁=0时刻，D板电势较C板的电势高818V，在t₂=T时刻，开始有电子打到M板上，已知电子质量m= 9. 1×10^-31 kg,电荷量e=1. 6×10^-19C,两板C、P均接地，电子间不会发生碰撞（忽略电子所受的重力）．求：

　(1)两极板M,N间匀强磁场的磁感应强度B；

　(2)T时刻打到M板上每个电子的动能E_k（以eV为单位）；

　(3)最终到达D板的电子总数n.

［解析］(1)由于电子在M,N板间做匀速直线运动，所以eE=eBv₀

 T

(2)开始有电子打在M板上，表示电子刚好不能到达D板，从C板小孔反向折回时，动能仍为

eV=182 eV

打返的电子，从C板小孔到M板的过程：e·

(3)电子刚好不能到达D板时,C,D间的电势差：=182 V

从t₁ = 0起电容器C,D板间的电压变化为：

=182V-(-818V)=1000V

D板的电量变化量为ΔQ=C·ΔU=8. 0×10^-8×1000C=8. 0×10^-5 C

∴到达D的电子数为：n==5.010¹⁴（个）．